Логотип Автор24реферат
Заказать работу
%
уникальность
не проверялась
Решение задач на тему:

Расчет балки на прочность при плоском изгибе

уникальность
не проверялась
Аа
16327 символов
Категория
Сопротивление материалов
Решение задач
Расчет балки на прочность при плоском изгибе .pdf

Зарегистрируйся в 2 клика в Кампус и получи неограниченный доступ к материалам с подпиской Кампус+ 🔥

Условие

Задание по сопромату Расчет балки на прочность при плоском изгибе» Условие. Для заданной балки (рис. 1) требуется: 1. Определить опорные реакции, записать уравнения изгибающих моментов и перерезывающих сил по участкам, построить эпюры перерезывающих сил и изгибающих моментов. 2. Подобрать для балки двутавровое и прямоугольное поперечные сечения из условия прочности по нормальным напряжениям, сделав затем проверку на прочность по нормальным и касательным напряжениям. 3. Построить эпюры распределения нормальных и касательных напряжений по высоте сечения двутавровой балки в произвольном месте по длине балки, в котором ни перерезывающая сила, ни изгибающий момент не равны нулю; 4. Записать уравнения углов наклона касательной к изогнутой оси балки и уравнения прогибов для всех участков балки. 5. Построить эпюры углов поворота и прогибов. 6. Провести проверку на максимальный прогиб. 7. Для заданной схемы балки сделать анализ изменения ее веса при изменении формы поперечного сечения (рис.4), приняв за единицу вес балки сечения №1. 8. Графическая часть задания должна содержать: чертеж балки со стандартным масштабом с указанием размеров и нагрузки (под ним расположить эпюры: перерезывающих сил, изгибающих моментов, углов поворота и прогибов) и эпюры нормальных и касательных напряжений в произвольном сечении балки. Допускаемые прогибы: в пролете 1/300 расстояния между опорами, консоли 1/150 ее длины. 296454325418200Дано: ℓ1= 2 м ℓ2= 5 м ℓ3= 2,5 м Р = 45 кН М = 35 кНм Рис. 1 q = 40 кН/м [σ] = 160 МПа [τ] = 100 МПа Ес = 2∙105 МПа

Нужно полное решение этой работы?

Решение

Потяни, чтобы посмотреть
Изображаем расчётную схему балки в масштабе соответствии с исходными данными (рис. 2а)
Определяем опорные реакции
Составим два уравнения равновесия.
ΣМА = 0; ΣМА = -М - q(ℓ1+ ℓ2)(ℓ2 – (ℓ1+ ℓ2)/2) – Р1ℓ2 -- RВ(ℓ2 +ℓ3) = 0;
RВ = (-М + q(ℓ1+ ℓ2)(ℓ2 – (ℓ1+ ℓ2)/2) – Р1ℓ2)/( ℓ2 +ℓ3);
RВ = (-35 + 40*(2+ 5)(5 – (2+ 5)/2) – 45*5)/(5 + 2,5) = 21,33 кН;
ΣМB = 0; ΣМВ =- q(ℓ1+ ℓ2)( ℓ1+ ℓ2 +ℓ3 - (ℓ1+ ℓ2)/2) - М + Р(ℓ2+ ℓ3) + RA (ℓ2 +ℓ3 ) = 0;
RA = ( q(ℓ1+ ℓ2)( ℓ1+ ℓ2 +ℓ3 - (ℓ1+ ℓ2)/2) + М - Рℓ3)/(ℓ2 +ℓ3 );
RA = (40*(2+ 5)(2+ 5 +2,5 - (2 + 5)/2) + 35 - 45*2,5)/(5 +2,5 ) = 213,67 кН.
Проверка
ΣY = 0; ΣY = -7q + RА + Rв + Р = -7*40 +213.67 + 21.33 + 45= 280 – 280 = 0Опорные реакции определены верно.
Итак RА = 213.67 кН; RВ = 21.33 кННаносим значения опорных реакций на расчетную схему (рис. 2а).
2. Построение эпюры поперечных сил Q и изгибающих моментов М , - строим эпюру поперечных сил Q:
разделим балку на 3 участка и запишем уравнения перерезывающих сил Q в сечении, расположенном на расстоянии z от левого конца балки, для каждого участка:
На I участке z = 0…2м
Q1 = --qz = -40z;
при при z = 2 м QА лев =-40*2 = -80 кН
на II участке z = 2…7 м
Q2 = --qz + RA = -40z + 213.67 кН;
при z = 2 м QА прав = -40*2 + 213,67 = 133,67 кН
при z = 7 м QЕ лев = - -40*7 + 213,67 = -66,33 кН
найдём координату z0 при которой Q2 =0
Q2 = -40z0 + 213.67 = 0; z0 = 213.67/40 = 5,34 м;
на III участке z = 7…9,5 м
Q3 = -7q + RA + Р= -7*40 + 213.67 + 45 = -21,33 кН = const;
QЕ прав = QВ = -21,33 кН.
Эпюра Q показана на рис. 2б.
- строим эпюру изгибающих моментов М:запишем уравнения изгибающих моментов для каждого участка,
На I участке z = 0…2 м М1 = -М + qz2/2 = -35 z2/2 =-35 - 40 z2/2 = -35 - 20 z2;при z = 0 МС = -35 кНмпри z = 2 м МА = -35 - 40 22/2-= 115 кНмна II участке z = 2…7 м
М2 = -М + qz2/2 + Ra (z - ℓ1) = -35 - 40 z2/2-+ 213,67(z - 2) = =-35 - 20z2+ 213,67(z - 2);
при z = 2, МА = -35 – 20*22+ 213,67(2 - 2) = -115 кНм; при z = 5,34 м М0 = -35 – 20*5,342+ 213,67(5,34 - 2) = 108,35 кНм;при z = 7 м МЕ = -35 – 20*72+ 213,67(7 - 2) = 53,35 кНм;на III участке z1 = 0…2,5 м (z1 – расстояние от правого конца балки до рассматриваемого сечения)
М3 =RВz = 21,33z;
92773588900000при z1 = 0, м М3 = 0; при z1 = 2,5 м М3 = 21,33*2,5 = 53,33 кНм;Эпюра М показана на рис. 2в.

Рис. 2
3. Подбор сечения балки из условия прочности по нормальным
напряжениям
Из эпюры М находим Ммакс = 115 кНм = 11500 кН*см
[σ] = 160 МПа = 16 кН/см2
Из сортамента (ГОСТ 8239-89) выбираем двутавр № 36 с Wх = 743 см3;
Iх = 13380 см4;t = 1.23 см;
Sх = 423см3;s = 0.75 см.
h =36 cм; b = 14,5 см;
площадь сечения А = 61,9 cм2
При этом фактические нормальные напряжения:
σmax =Мmax/Wx = 11500-106/(743*103) = 154,8 МП < [σ] = 160 МПа
Выбираем балку прямоугольного сечения с соотношением сторон h=2b:
Момент сопротивления балки прямоугольного сечения
Wx = bh2/6 = b(2b)2/6 = 2b3/3 ≥ 719 cм3: отсюда
b ≥ 33Wx2=33*7192 = 10.25 cм.
По ГОСТ 6636 – 69 (нормальные линейные размеры) принимаем b = 10,5 см, h = 2*10.5 = 21 cм; размер балки b х h = 10,5 х 21 см;
площадь сечения балки А = 10,5*21 = 290,5 cм2
Момент сопротивления балки Wx = bh2/6 = 10,5*212=772 см3
При этом фактические нормальные напряжения:
σmax =Мmax/Wx = 11500*106/(772*103) = 149 МП < [σ] = 160 МПа
Эпюра нормальных напряжений в сечении для двутавровой бплоки показана на рис. 3. Поскольку максимальный изгибающий момент отрицательный, то нижние волокна сжаты, а верхние растянуты.
231140-381000
Рис. 3
5. Проверка прочности балок по касательным напряжениям
Из эпюры Q (рис. 2б) видно, что максимальная поперечная сила равна
Qmax = 133,6 кН. действует в сечении А . Поэтому проверку по касательным напряжениям проведем при Qmax = 133,6 кН.
Величину максимальных касательных напряжений определяем по формуле Журавского.
Для двутавра
= 5,63*107 Па = 56,3 МПа.
τmax = 56,3 МПа < [τ] = 100 МПа.
Для балки прямоугольного сечения
Sx= (bh/2)*(h/4) = (0.105*0.21/2)*(21/4) = 0.00551 м3;
Ix = bh3/12 = 0.105*0.213/12 = 81*106 м4;
s = b/2 = 10.5/2 = 5.25 cм = 0,0525 м
по формуле Журавского:.

τmax = 86,5 МПа < [τ] = 100 МПа.
Для построения эпюры касательных напряжений для двутавровой балки в опасном сечении А определим касательные напряжения в точке К – точке перехода от стенке к полке двутавра.

Эпюра касательных напряжений в стенке двутавра приведена на рис. 3.
4. Запишем уравнения углов наклона касательной к изогнутой оси балки и уравнения прогибов для всех участков балки.
Начало координат помещаем на левый конец балки (в точку С), распределённую нагрузку q продлеваем до конца балки, компенсируя её на участке ЕВ нагрузкой такой же интенсивности противоположного направления (рис.2 а).
Уравнение прогиба для любого сечения балки с координатой z имеет вид:
у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1* (Σ Мi*(z –aM)2/2+ Σ Pi(z – ap)3/6 +Σqi(z – aq)4/24); где (1)
Θ0 и у0 – угол поворота сечения и прогиб в точке, куда помещено начало координат (точка С), Эти параметры являются начальными параметрами.
Делим балку на 3 участка, при этом уравнение (1) для каждого из участков будет иметь вид:
-для I участка z = 0…2м
у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1(-Мi z2/2 - qiz4/24); (2)
-для II участка z = 2…7 м
у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1(-Мz2/2 - qz4/24 + RA(z –aRA)3/6 (3)
-для III участка z = 7…9,5 у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1 (-Мz2/2 - qz4/24 +RA(z –aRA)3/6 + Р(z –aР)3/6 + +q(z – aq)4/24); (4)После подстановки числовых значений эти уравнения примут вид:
у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1(-35000z2/2 - 40000z4/24); или(2)
у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1(-17500z2 – 1666,67z4);(2а)
у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1(-17500z2 – 1666,67z4 + 213670(z –2)3/6) , или(3)
у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1(-17500z2 – 1666,67z4 + 35611,67(z –2)3), (3а)
у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1 (-17500z2 – 1666,67z4 +35611,67(z –2)3 + + 45000(z –7)3/6 +40000(z – 7)4/24); или (4)у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1 (-17500z2 – 1666,67z4 +35611,67(z –2)3 + + 7500(z –7)3 +1666,67(z – 7)4(4а)В уравнениях (2…4) силы выражены в Н, а расстояния в м.
Начальные параметры Θ0 и у0 определяем из граничных условий.
Граничные условия:
а) при z = 2 м у = уА = 0;
б) при z = 9,5 м у = уВ = 0.Так как опора А находится на 1 участке, то уравнение (2а) при z = 2 м примет вид:0 = у0 + 2*Θ0 + (EIx)-1(-17500*22 – 1666,67*24);
0 = у0 + 2*Θ0 + (EIx)-1(-96666,67); (5)
Так как опора В находится на 3 участке, то уравнение (4а) при z = 9,5 м примет вид:у = у0 + Θ0 z + (EIx)-1 (-17500z2 – 1666,67z4 +35611,67(z –2)3 + + 7500(z –7)3 +1666,67(z – 7)4(4а)у = у0 + 9,5Θ0 + (EIx)-1 (-17500*9,52 – 1666,67*9,54 +35611,67(9,5 –2)3 + + 7500(9,5 –7)3 +1666,67(9,5 – 7)4
0 = у0 + 9,5Θ0 + (EIx)-1*51484,375 (6);
Отдельно вычислим значение (EIx)-1
Для стали Е = 2*105 МПа;= 2*1011 Па
Для двутавра Iх= = 1,338*10-4 м4 ;
(EIx)-1 =(2*1011*1,338*10-4)-1= 3,737*10-8 Н*м2)-1 (7)
С учётом (7) выражение (5) примет вид:
0 = у0 + 2*Θ0 + 3,737*10-8:* (-96666,67);
0 = у0 + 2*Θ0 + 3,737*10-8:* (-96666,67);
0 = у0 + 2Θ0 – 0,003612;(8)
С учётом (7) выражение (6) примет вид:
0 = у0 + 9,5Θ0 +3,737*10-8*51484,375;
0 = у0 + 9,5Θ0 +0,001924(9);
27813025209500Итак имеем систему уравнений
0 = у0 + 2Θ0 – 0,003612;(8)
0 = у0 + 9,5Θ0 +0,001924(9);
Решая полученную систему уравнений, имеем
у0 = 0,00509м = 5,09 мм; Θ0 = -0,000738 рад
Таким образом сечение С сместится верх на 5,09 мм и повернётся на угол 0,000738 рад по часовой стрелке.
Для построения упругой линии балки (эпюры прогибов) в уравнения
(2а), (3а) и (4а) будем подставлять соответствующие значения z,
Запишем эти уравнения с учётом полученных значений у0 , Θ0:и (EIx)-1*
Из (2а) получим;
у = 0,00509 - 0,000738 z + 3,737*10-8 *(-17500z2 – 1666,67z4); (2а)
у = 0,00509 - 0,000738 z - 0,000654z2 – 0,00006228 z4; (10)
Из (3а) получим;
у = 0,00509 – 0,000738 z - 0,000654z2 – 0,00006228 z4 + 0,001331(z –2)3), (11)
Из (4а) получим;
у = у0 + Θ0 z + 3,737*10-8 (-17500z2 – 1666,67z4 +35611,67(z –2)3 + + 7500(z –7)3 +1666,67(z – 7)4(4а)у = 0,00509 – 0,000738 z – 0,000654z2 – 0,00006228z4 + +0,00131(z –2)3 + 0,00028(z –7)3 +0,00006228 (z – 7)4(12)Рассчитываем прогибы в различных сечениях балки:
Для расчёта прогибов на 1 участке используем уравнение (10)
у = 0,00509 - 0,000738 z - 0,000654z2 – 0,00006228 z4; (10)
При z =0.5 м у = 4,55 мм;
при z =1 м у = 3,64 мм;
при z =1,5 м у = 2,195 мм;
при z =2 м у = 0,00 мм;
Для расчёта прогибов на 2 участке используем уравнение (11)
у = 0,00509 – 0,000738 z - 0,000654z2 – 0,00006228 z4 + 0,001331(z –2)3),(11);
при z =2.5 м у = -3,11 мм;
при z =3 м у = -6,72 мм;
при z =3,5м у = -10,36 мм;
при z =4 м у = -13,63 мм;
при z =4,5 м у = -16,23 мм;
при z =5 м у = -17,97 мм;
при z =5,5 м у = -18,72 мм;
при z =6 м у = -18,47 мм;
при z =6,5 м у = -17,37 мм;
при z =7 м у = -15,41 мм;
Для расчёта прогибов на 3 участке используем уравнение (12)
у = 0,00509 – 0,000738 z – 0,000654z2 – 0,00006228z4 + +0,00131(z –2)3 + 0,00028(z –7)3 +0,00006228 (z – 7)4(12)при z =7,5 м у = -12,21 мм;
при z =8 м у = -9,93 мм;
при z =8,5м у = -6,75 мм;
при z =9 м у = --3,38 мм;
при z =9,5 м у = 0,00 мм;
Для расчёта углов поворота сечений используем уравнение
Θ =Θ0 + (EIx)-1(ΣМi*(z –aM) + Σ Pi(z – ap)2/2 +Σqi(z – aq)3/6); (13)_
Уравнение (13) для каждого из участков будет иметь вид:
-для I участка z = 0…2м
Θ = Θ0 + (EIx)-1(-М*z - qz3/6); (14)
-для II участка z = 2…7 м
Θ = Θ0 + (EIx)-1(-М z - qiz3/6) + RA(z –aRA)2/2 (15)
-для III участка z = 7…9,5 Θ = Θ0 + (EIx)-1(-М z - qiz3/6) + RA(z –aRA)2/2 + Р(z –aР)2/2 + +q(z – aq)3/6); (16)
Подставим числовые значения в уравнение (14) для I участка
Θ = Θ0 + (EIx)-1(-М*z - qz3/6); (14)
Θ = -0,000738 + (3,737*10-8)*(-35000*z - 40000z3/6);(14)
или – Θ1 = -0,000738 - 0,00131z – 0,000249z3;(14а)
по уравнению (14а) определяем углы поворота на 1 участке: при z =0.5 м Θ = -0,00142 рад;
при z =1 м Θ = -0,00230 рад;
при z =1,5 м Θ = -0,00354 рад;
при z =2 м Θ = -0,00535 рад;
Подставим числовые значения в уравнение (15) для II участка
Θ = Θ0 + (EIx)-1(-М z - qiz3/6) + RA(z –aRA)2/2 (15)
Θ = -0,000738 + (3,737*10-8)*( -35000*z - 40000z3/6 + +213670(z –2)2/2 , или(15)
Θ = -0,000738 - 0,00131z – 0,000249z3 +0,00399(z –2)2 (15а)
по уравнению (15а) определяем углы поворота на 2 участке: при z =2.5 м Θ = -0,00691 рад;
при z =3 м Θ = -0,00740 рад;
при z =3,5м Θ = -0,00702 рад;
при z =4 м Θ = -0,00595 рад;
при z =4,5 м Θ = -0,00439рад;
при z =5 м Θ = -0,0025 рад;
при z =5,5 м Θ = -0,000499 рад;
при z =6 м Θ = 0,00146 рад;
при z =6,5 м Θ = 0,00316 рад;
при z =7 м Θ = 0,00444 рад;
Подставим числовые значения в уравнение (16) для III участка
Θ = Θ0 + (EIx)-1(-М z - qiz3/6) + RA(z –aRA)2/2 + Р(z –aР)2/2 + +q(z – aq)3/6);(16)
Θ = -0,000738 + (3,737*10-8) (-35000 z - 40000iz3/6) + 216670(z –2)2/2 + +45000(z –7)2/2 + 40000(z – 7)3/6); или
Θ = -0,000738 - 0,00131z – 0,00249z3 +0,00399(z –2)2 + +0,000841(z –7)2 + 0,000249(z – 7)3;(16а)
по уравнению (16а) определяем углы поворота на III участке: при z =7,5 м Θ = 0,00536 рад;
при z =8 м Θ = 0,00606 рад;
при z =8,5м Θ = 0,00656 рад;
при z =9 м Θ = 0,00686 рад;
при z =9,5 м Θ = 0,00696 рад;
Определяем максимальный прогиб балки умакс
При у = умакс, угол поворота сечения Θ = 0;
Анализ показывает, что Θ = 0 при z = 5,623 м;
при z = 5,623 м; по (11) имеем у = умакс = -18,75 мм
Допускаемая величина прогиба [y] = АВ/300 = 7500/300 = 25 мм
Таким образом умакс = -18,75 мм < [y] =25 мм
Для консоли допускаемая величина прогиба [y] = АС/150 = 2000/150 = 13,3 мм
На консоли умакс = 5,09 мм (точка С)-
Таким образом для консоли умакс = -5,09 мм < [y] =13,3 мм
Прогибы балки не превышают допустимых пределов.
5
50% задачи недоступно для прочтения
Переходи в Кампус, регистрируйся и получай полное решение
Получить задачу

Магазин работ

Посмотреть все
Посмотреть все
Больше решений задач по сопротивлению материалов:

Расчет статически определимой шарнирно закрепленной балки на прочность

4303 символов
Сопротивление материалов
Решение задач

Для заданной схемы балки (рис 2) требуется определить опорные реакции

2397 символов
Сопротивление материалов
Решение задач
Все Решенные задачи по сопротивлению материалов